P7683

Mars_Dingdang · 2022-04-01 20:18:35 · 题解

洛谷上这道题的第一篇题解。上海加油。

题目大意

Aladdin 已经厌倦了宫殿里的生活。他有一份稳定的工作，他的妻子 Jasmine 和孩子们都在路上，生活变得单调。在这一切的驱使下，他决定在安顿下来之前再进行一次冒险。他决定找到 Golden Pear，这是一件极为珍贵的传奇文物，至今无人能找到。

Aladdin 正在寻找的沙漠可以被看作是一个 n×n 的网格。行和列从上到下、从左到右编号为 1 到 N。沙漠中的网格里一共有 M 个巫师，他们以一种不同寻常的方式帮助 Aladdin 完成任务。

Aladdin 星期一在沙漠的左上角 (1,1) 开始他的任务并面朝右。他的动作包括重复这些步骤：

• 如果当前的网格里有一个醒着的巫师，那么 Aladdin 会根据巫师说的话向左或向右转 90 度。
• 如果向前走会把 Aladdin 带出沙漠，他会转过 180 度。
• Aladdin 向前移动了一格，这将花费他一天的时间。

对于每个巫师，我们都知道他的位置和一周中每一天的活动计划。每个巫师的日程表是一个由七个字母（仅包含 L、R 或 S）组成的字符串，每个字符告诉我们巫师在一周中的某一天（从星期一开始）做什么。字母 L 表示 Aladdin 将在这一天被告知向左转，R 表示 Aladdin 将在这一天被告知向右转，而 S 表示巫师那天正在睡觉。

一个古老的预言说，在改变 K 次方向（通过步骤 1 和步骤 2）后，Aladdin 会找到 Golden Pear。根据古老的预言，写一个程序来计算冒险将持续多少天。

大体思路

按照题意，定义一个状态为 (x,y,dir,day)，表示当前位置 (x,y) 在星期 day 被访问，方向为 dir，其中 x,y\le 200，dir=\{0,1,2,3\}，day=\{0,1,2,3,4,5,6\}。因此，总的状态数为 200^2\times 4\times 7≈10^6。所以，我们完全可以用数组直接存储每一个状态。

记 turns[x,y,dir,day] 表示上一次在星期 day 以 dir 方向来到 (x,y) 时转向的次数，而 date[x,y,dir,day] 则表示上一次在星期 day 以 dir 方向来到 (x,y) 时的天数。设当前转向次数为 k，天数为 ans，那么，从上一次访问到这一次访问的循环，转向的次数为 \Delta k=k-turns[x,y,dir,day]，循环的天数为 \Delta t=ans - date[x,y,dir,day]。

由于距离目标 K 次转向还有 K-k 次，可以完成的完整的循环次数为 times=\left\lfloor\dfrac{K-k}{\Delta k}\right\rfloor。那么，可以直接将转向次数增加 \Delta k\times times，天数增加 \Delta t \times times。然后，在对 date,turns 用目前状态的 ans,k 进行更新即可。

具体实现时，还需要在永久循环的开头判断 L，R 以及边界的转向，并调整 dir,k 等。

完整代码

#include <bits/stdc++.h>
using namespace std;
#define rep(ii,aa,bb) for(re int ii = aa; ii <= bb; ii++)
#define Rep(ii,aa,bb) for(re int ii = aa; ii >= bb; ii--)
typedef long long ll;
typedef unsigned long long ull;
typedef double db;
typedef pair<int, int> PII;
const int maxn = 205;
namespace IO_ReadWrite {
    #define re register
    #define gg (p1 == p2 && (p2 = (p1 = _buf) + fread(_buf, 1, 1<<21, stdin), p1 == p2) ? EOF :*p1++)
    char _buf[1<<21], *p1 = _buf, *p2 = _buf;
    template <typename T>
    inline void read(T &x){
        x = 0; re T f=1; re char c = gg;
        while(c > 57 || c < 48){if(c == '-') f = -1;c = gg;}
        while(c >= 48 &&c <= 57){x = (x<<1) + (x<<3) + (c^48);c = gg;}
        x *= f;return;
    }
    inline void ReadChar(char &c){
        c = gg;
        while(!isalpha(c)) c = gg;
    }
    template <typename T>
    inline void write(T x){
        if(x < 0) putchar('-'), x = -x;
        if(x > 9) write(x/10);
        putchar('0' + x % 10);
    }
    template <typename T>
    inline void writeln(T x){write(x); putchar('\n');}
}
using namespace IO_ReadWrite;
int dx[4] = {0, 1, 0, -1},
    dy[4] = {1, 0, -1, 0};//right, down, left, up
int N, M, K, turns[maxn][maxn][4][8];
char mp[maxn][maxn][8];
ll date[maxn][maxn][4][8];
int main () {
    scanf("%d%d%d", &N, &K, &M);
    rep(i, 1, M) {
        int x, y;
        scanf("%d%d", &x, &y);
        scanf("%s", mp[x][y]);
    }
    ll ans = 0;
    int x = 1, y = 1, dir = 0, day = 0, k = 0;
    while(1) {
        if(mp[x][y][day] == 'L') dir = (dir + 3) % 4, k ++;
        if(mp[x][y][day] == 'R') dir = (dir + 1) % 4, k ++;
        int nx = x + dx[dir], ny = y + dy[dir];
        if(nx < 1 || nx > N || ny < 1 || ny > N) dir = (dir + 2) % 4, k ++;
        if(date[x][y][dir][day]) {
            int newK = k - turns[x][y][dir][day];
            int left = K - k;
            ans += (left / newK) * (ans - date[x][y][dir][day]);
            k += (left / newK) * newK;
        }
        date[x][y][dir][day] = ans;
        turns[x][y][dir][day] = k;
        if(k >= K) break;
        x = x + dx[dir], y = y + dy[dir];
        ans ++;
        if(++day >= 7) day = 0;
    }
    writeln(ans);
    return 0;
}