P2390 地标访问 题解

$Update$于$2020.9.19$，修复了大家指出的一个错误 其实我觉得吧，这题不用像大家说的，枚举左点，二分右点 题目问的是最多可以访问多少地标。稍稍分析可知，多访问一个路标，时间必定不会减少，显然这具有**单调性质**。于是很自然的可以想到去二分路标的个数呀$QwQ$ 先将所有路标的位置排序。要尽量使用时最少，那么我访问的任意两个路标之间都不能有其他的东西。（因为如果我访问的两个路标之间还有路标，那我还不如把这个路标顺便一起访问了呢） 那么，在存储路标位置的数组中，只要排好序，我访问的路标就一定是下标相邻的。 二分能访问到的路标个数，枚举右端点（当然左端点也行），判断这个区间是否能在$t$的时间内访问完成。 最后右端点枚举完了，如果还没有找到解，那就证明当前二分的这个路标个数不行。 一直二分就行了。 ```cpp #include<bits/stdc++.h> using namespace std; int t,n; int a[100001]; bool check(int x){//判断函数，表示的是能否访问到x个路标 for(int r=x;r<=n;r++){//枚举右端点 int l=r-x+1; if(a[r]<=0)//如果右端点在原点左边，就要一直向左走 if(-a[l]<=t)return 1;//根据题意判断即可，可以就直接返回true if(a[l]>=0)//如果左端点在原点右边，就要一直向右走 if(a[r]<=t)return 1;//同上 if(a[l]<=0&&a[r]>=0)//如果这段区间横跨了原点 if(min(a[r],-a[l])+a[r]-a[l]<=t)return 1;//那么我一定是先去距离原点短的那一边，再走到另一边 } return 0;//如果整个循环执行完，没有找到可行解，那就返回false } int main(){ cin>>t>>n; for(int i=1;i<=n;i++) cin>>a[i]; sort(a+1,a+1+n);//给所有路标位置排序 int l=-1,r=n+1;//由于能访问的路标数量可能为0~n，所以把左边界设为1，右边界设为n+1，就可以保证二分到所有解 while(l+1<r){//这里写l+1<r是为了防止最后l,r出现交叉的情况，即l>r int mid=(l+r)>>1; if(check(mid))l=mid; else r=mid; //更新l,r的值时写mid而不是mid+1或mid-1，也是为了防止最后l>r } cout<<l<<endl;最后输出l return 0;//Happy ending~ } ```