题解 P1912 【[NOI2009]诗人小G】
Utsuji_risshū
2019-03-20 23:18:01
n个数划分若干段,给定$L$,$p$,每段代价为$|sum_i-sum_j-1-L|^p$,求总代价最小。
正常的dp决策单调性优化题目。$f[i]$表示最小代价。然后有个正常的dp方程。
$f[i]=min \{ f[j]+|sum_i-sum_j-1-L|^p \} $
然后观察发现带高次项,不好斜率优化或单调队列,考虑有没有决策单调性。本来是可以打表证明的,然后拍一下。~~题解没人证单调性,于是我来瞎证一波,有错别怪我。~~
证明:
已知$f[j]+|sum_i-sum_j-1-L|^p < f[j']+|sum_i-sum_{j'}-1-L|^p$
要证$f[j]+|sum_i-sum_j-L|^p < f[j']+|sum_i-sum_{j'}-L|^p$ $(j'<j)$(就是$i$加了$1$)
即证 $|sum_i-sum_{j'}-1-L|^p+|sum_i-sum_j-L|^p < |sum_i-sum_j-1-L|^p+|sum_i-sum_{j'}-L|^p$
即$|sum_i-sum_{j'}-1-L|^p-|sum_i-sum_{j'}-L|^p < |sum_i-sum_j-1-L|^p-|sum_i-sum_j-L|^p$
然后把其看成关于j的函数,或者就把$S_i-S_j-L$看成$x$简便一些,$j$增大,$S_j$增大,$x$总的减小。下面看单调性。可能证的**不太严谨**,有问题还望指教。
$f(x)=|x-1|^p-|x|^p$ (p为大于2正整数)
①$p$为偶数,则$f(x)=(x-1)^p-x^p$
$f'(x)=p(x-1)^{p-1}-px^{p-1}$
$x>=1$时显然小于$0$,此段单调减
$0<=x<1$时$p(x-1)^{p-1}<px^{p-1}$即$p(x-1)^{p-1}-px^{p-1}<0$,此段单调减
$x<0$时也有上述关系。
又因为$x∈R$内函数值是连续(就是几个转折点值在左右边两个范围内算出来的f都一样的)的,所以整个是一直单调减的。
②$p$为奇数,$p-1$为偶,则
$x>=1$时$f'(x)=p(x-1)^{p-1}-px^{p-1}<0$单调减
$0<=x<1$时$f(x)=(1-x)^p-x^p$,则$f'(x)=-p(x-1)^{p-1}-px^{p-1}<0$因为偶数次方必定大于0嘛
$x<0$时$f(x)=(1-x)^p+x^p$ ,$f'(x)=-p(x-1)^{p-1}+px^{p-1}$
$∵x-1<x<0$
$∴(x-1)^{p-1}>x^{p-1}$
$∴f'(x)=-p(x-1)^{p-1}+px^{p-1}<0$
$综上,p为奇或偶都有导数小于0,f随x单调减,j增大,S_j增大,x减小,f必然增大,则原不等式得证。$
$所以满足决策单调性。$
$证毕。$
好像有漏洞?算了不管了。希望各位能指出或完善证明,因为我其实根本就不会求导。**~~而且我的数学差的要死,全班倒数。~~**
然后随便套套决策单调性模板就行啦,这个可以去看以及膜上下楼的比我强了几百万倍的julao。
注意一下要用long double范围大,不然long long会爆。注意不用刻意考虑和判断会不会爆,正常用long double虽然牺牲精度但毕竟还是总体大于$10^{18}$的。
```cpp
#include<bits/stdc++.h>
#define dbg(x) cerr<<#x<<"="<<x<<endl
using namespace std;
typedef long double ll;
typedef double db;
template<typename T>inline char MIN(T&A,T B){return A>B?A=B,1:0;}
template<typename T>inline char MAX(T&A,T B){return A<B?A=B,1:0;}
template<typename T>inline T _min(T A,T B){return A<B?A:B;}
template<typename T>inline T _max(T A,T B){return A>B?A:B;}
template<typename T>inline T read(T&x){
x=0;int f=0;char c;while(!isdigit(c=getchar()))if(c=='-')f=1;
while(isdigit(c))x=x*10+(c&15),c=getchar();return f?x=-x:x;
}
inline ll fpow(ll x,int p){ll ret=1;for(;p;p>>=1,x=x*x)if(p&1)ret=ret*x;return ret;}
inline int Abs(int x){return x>0?x:-x;}
const int N=100000+7;ll INF=1e18;
struct thxORZ{
int l,r,pos;
thxORZ(int l0=0,int r0=0,int pos0=0):l(l0),r(r0),pos(pos0){}
}q[N];
char s[N][32];
ll f[N],lim;
int sum[N],pre[N];
int T,L,p,n,l,r;
inline ll calc(int j,int i){return f[j]+fpow(Abs(sum[i]-sum[j]-1-L),p);}
inline int find_pos(int L,int R,int j,int i){
int mid;
while(L<R){
mid=L+R>>1;
if(calc(j,mid)>=calc(i,mid))R=mid;
else L=mid+1;
}
return R;
}
inline void dp(){
q[l=r=1]=thxORZ(1,n,0);
for(register int i=1;i<=n;++i){
f[i]=calc(q[l].pos,i);pre[i]=q[l].pos;//dbg(i),dbg(f[i]),dbg(sum[i]);
if(i==q[l].r)++l;else ++q[l].l;
if(f[i]>INF)continue;//小优化:当前状态如果已经无效就不要更新决策表了。
while(l<=r&&calc(q[r].pos,q[r].l)>=calc(i,q[r].l))--r;
if(r<l)q[r=l]=thxORZ(i+1,n,i);
else{
int k;if(calc(q[r].pos,q[r].r)<=calc(i,q[r].r))k=q[r].r+1;
else k=find_pos(q[r].l,q[r].r,q[r].pos,i);//dbg(i),dbg(k);
if(k<=n)q[r].r=k-1,q[++r]=thxORZ(k,n,i);
}
}
}
inline void print(int x,int y){
if(x)print(pre[x],x);
for(register int i=x+1;i<=y;++i)printf("%s",s[i]),i==y?putchar('\n'):putchar(' ');
}
int main(){//freopen("test.in","r",stdin);freopen("tmp.out","w",stdout);
read(T);while(T--){
read(n),read(L),read(p);lim=(ll)ceil(pow(1e18,1.0/(db)p));
for(register int i=1;i<=n;++i)scanf("%s",s[i]),sum[i]=sum[i-1]+strlen(s[i])+1;
dp();if(f[n]>INF)printf("Too hard to arrange\n");
else printf("%lld\n",(long long)f[n]),print(pre[n],n);
printf("--------------------\n");
}
return 0;
}
```