题解 P2602 【[ZJOI2010]数字计数】
moye到碗里来
2017-11-26 11:37:32
首先推一下我的博客,洛谷的,上面有一些多加的内容,大家尽量去看看吧,~~顺便赞一下啦~~
[blog](https://www.luogu.org/blog/mak2333/swdp001)
在这里我的写法参照了大奕哥这位dalao的题解,大家也可以看看,在这里我会针对我的理解来写。
那么我们首先看题,对于这道题我一开始以为很水,但是当我仔细去读题之后发现事情没那么简单。其中对于这道题(递推做法)最大的难点是难以找出递推式子(废话,你写递推就只有这点难了)。为啥,因为你很难想到怎样求出第几位它的数字又多少,因为不能有前导0。但是我们发现如果不考虑是否有前导0的话,那么这道题就似乎有递推公式。
f[i]代表在有i位数字的情况下,每个数字有多少个。如果不考虑前导0,你会发现对于每一个数,它的数量都是相等的,也就是f[i]=f[i-1]\*10+10^(i-1);(这里我推荐使用打表+大眼观察法)
然而这个公式推出来后,你就会面临第二个难题,怎么推出我想要的答案?
我们先设数字为ABCD
看A000,如果我们要求出它所有数位之和,我们会怎么求?
鉴于我们其实已经求出了0~9,0~99,0~999。。。上所有数字个数(f[i],且没有考虑前导0)我们何不把这个A000看成0000~1000~2000...A000对于不考虑首位每一个式子的数字的出现个数为 A\*f[3]。加上首位出现也就是小于A每一个数都出现了10^3次,再加上,我们就把A000处理完了。
这样你以为就把第一位处理完了?不不不,首位A还出现了BCD+1次呢,也就是从A000~ABCD,这个A还出现了BCD+1次,所以再加上这些才行呢。那么你发现,我们成功把首位代表的所有数字个数求出来了,剩下的求解与A完全没有任何关系,只是BCD的求解,于是我们发现我们已经把一个大问题,化成了一个个小问题,也即是,对于一个这样n位的数,把他一位位的分离开来。
当然你还需要处理前导0你会发现前导0一定是0001,0002。。。0012,0013。。。0101,0102.。。0999这样的数,一共出现了10\*(i-1)+10\*(i-2)+...10 (i表示数字位数),让0的统计减去这个值,那么恭喜你这道题做完了。
总结
对于DP这个东西,最重要的其实只有一点,推状态,状态又是什么?是大问题的子问题,对于这种题最重要的特点是,无后效性,问题可拆分,并且答案的求解具有一定的规律,这样的题应该就可以用DP做,数位DP最重要的就是把一整个数字拆分成一位一位的单独来看,那么对于数位DP,它的子问题也就一般是每一位上对于答案的求解,层层递进的这么一个思路。
最后粘代码,写的丑见谅
```cpp
#include<bits/stdc++.h>
using namespace std;
long long a,b;
long long ten[20],f[20];
long long cnta[20],cntb[20];
void solve(long long x,long long *cnt)
{
long long num[20]={0};
int len=0;
while(x)
{
num[++len]=x%10;
x=x/10;
}
for(int i=len;i>=1;i--)
{
for(int j=0;j<=9;j++)
cnt[j]+=f[i-1]*num[i];
for(int j=0;j<num[i];j++)
cnt[j]+=ten[i-1];
long long num2=0;
for(int j=i-1;j>=1;j--)
{
num2=num2*10+num[j];
}
cnt[num[i]]+=num2+1;
cnt[0]-=ten[i-1];
}
}
int main()
{
scanf("%lld %lld",&a,&b);
ten[0]=1;
for(int i=1;i<=15;i++)
{
f[i]=f[i-1]*10+ten[i-1];
ten[i]=10*ten[i-1];
}
solve(a-1,cnta);
solve(b,cntb);
for(int i=0;i<=9;i++)
printf("%lld ",cntb[i]-cnta[i]);
}
```